已知平面上的動點P（x,y）及兩定點A（-2，0），B（2，0），直線PA，PB的斜率分別是k1，k2且k1?k2=-14．
（1）求動點P的軌跡C的方程；
（2）設(shè)直線l：y=kx+m與曲線C交于不同的兩點M，N．
①若OM⊥ON（O為坐標(biāo)原點），證明點O到直線l的距離為定值，并求出這個定值
②若直線BM，BN的斜率都存在并滿足kBM?kBN=-14，證明直線l過定點，并求出這個定點．
k
1
?
k
2
=
-
1
4
k
BM
?
k
BN
=
-
1
4
【答案】（1）動點P的軌跡C的方程是；
（2）證明：設(shè)點M（x1，y1），N（x2，y2），聯(lián)立
，化為（1+4k2）x2+8kmx+4m2-4=0，
∴Δ=64k2m2-16（m2-1）（1+4k2）=16（1+4k2-m2）＞0．
∴，．
∴y1y2=（kx1+m）（kx2+m）=，
①若OM⊥ON，則x1x2+y1y2=0，∴，
∴，化為，此時點O到直線l的距離d=．
②∵kBM?kBN=-，∴?=-，
∴x1x2-2（x1+x2）+4+4y1y2=0，
∴+，
代入化為，化簡得m（m+2k）=0，解得m=0或m=-2k．
當(dāng)m=0時，直線l恒過原點；
當(dāng)m=-2k時，直線l恒過點（2，0），此時直線l與曲線C最多有一個公共點，不符合題意，
綜上可知：直線l恒過定點（0，0）．
x
2
4
+
y
2
=
1
（
x
≠±
2
）
（2）證明：設(shè)點M（x1，y1），N（x2，y2），聯(lián)立
y = kx + m |
x 2 + 4 y 2 = 4 |
∴Δ=64k2m2-16（m2-1）（1+4k2）=16（1+4k2-m2）＞0．
∴
x
1
+
x
2
=
-
8
km
1
+
4
k
2
x
1
x
2
=
4
m
2
-
4
1
+
4
k
2
∴y1y2=（kx1+m）（kx2+m）=
k
2
x
1
x
2
+
km
（
x
1
+
x
2
）
+
m
2
①若OM⊥ON，則x1x2+y1y2=0，∴
（
1
+
k
2
）
x
1
x
2
+
km
（
x
1
+
x
2
）
+
m
2
=
0
∴
（
1
+
k
2
）
（
4
m
2
-
4
）
1
+
4
k
2
-
8
k
2
m
2
1
+
4
k
2
+
m
2
=
0
m
2
=
4
5
（
1
+
k
2
）
|
m
|
1
+
k
2
=
2
5
5
②∵kBM?kBN=-
1
4
y
1
x
1
-
2
y
2
x
2
-
2
1
4
∴x1x2-2（x1+x2）+4+4y1y2=0，
∴
x
1
x
2
-
2
（
x
1
+
x
2
）
+
4
+
4
k
2
x
1
x
2
4
km
（
x
1
+
x
2
）
+
4
m
2
=
0
代入化為
4
m
2
-
4
-
8
km
（
4
km
-
2
）
1
+
4
k
2
+
4
m
2
+
4
=
0
當(dāng)m=0時，直線l恒過原點；
當(dāng)m=-2k時，直線l恒過點（2，0），此時直線l與曲線C最多有一個公共點，不符合題意，
綜上可知：直線l恒過定點（0，0）．
【解答】
【點評】
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