設(shè)拋物線C:x2=2py(0<p<8)的焦點為F,點P是C上一點,且PF的中點坐標為(2,52)
(Ⅰ)求拋物線C的標準方程;
(Ⅱ)動直線l過點A(0,2),且與拋物線C交于M,N兩點,點Q與點M關(guān)于y軸對稱(點Q與點N不重合),求證:直線QN恒過定點.
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2
【考點】直線與拋物線的綜合.
【答案】(Ⅰ)x2=4y;
(Ⅱ)(法一)依題意直線l的斜率存在,
設(shè)直線l:y=kx+2,M(x1,y1),N(x2,y2),則Q(-x1,y1),
聯(lián)立
消去y得x2-4kx-8=0,顯然Δ>0,由韋達定理得
,
∵,
∴直線QN方程為,
即,
∵x1?x2=-8,∴QN方程為,
即直線QN方程恒過定點(0,-2).
(法二)依題意知直線QN的斜率存在且不為0,
設(shè)直線QN方程為y=kx+b,Q(x1,y1),N(x2,y2),
則M(-x1,y1),
聯(lián)立
消去y得x2-4kx-4b=0.
∵Q,N是拋物線C上不同兩點,∴必有Δ>0,
由韋達定理得
,
∵M,A,N三點共線,,
∴-x1(y2-2)-x2(y1-2)=0.∴-x1(kx2+b-2)-x2(kx1+b-2)=0,
∴2kx1x2+(b-2)(x1+x2)=0,即2k?(-4b)+(b-2)?4k=0化簡得:kb+2k=0,
∵k≠0,∴b=-2,
∴直線QN方程為y=kx-2,
∴直線QN恒過定點(0,-2).
(Ⅱ)(法一)依題意直線l的斜率存在,
設(shè)直線l:y=kx+2,M(x1,y1),N(x2,y2),則Q(-x1,y1),
聯(lián)立
x 2 = 4 y |
y = kx + 2 |
x 1 + x 2 = 4 k |
x 1 x 2 = - 8 . |
∵
k
QN
=
y
2
-
y
1
x
2
+
x
1
=
x
2
2
4
-
x
1
2
4
x
2
+
x
1
=
x
2
-
x
1
4
∴直線QN方程為
y
-
y
1
=
x
2
-
x
1
4
(
x
+
x
1
)
即
y
=
y
1
+
x
2
-
x
1
4
(
x
+
x
1
)
=
x
2
-
x
1
4
x
+
x
1
(
x
2
-
x
1
)
4
+
x
1
2
4
=
x
2
-
x
1
4
x
+
x
1
x
2
4
∵x1?x2=-8,∴QN方程為
y
=
x
2
-
x
1
4
x
-
2
即直線QN方程恒過定點(0,-2).
(法二)依題意知直線QN的斜率存在且不為0,
設(shè)直線QN方程為y=kx+b,Q(x1,y1),N(x2,y2),
則M(-x1,y1),
聯(lián)立
x 2 = 4 y |
y = kx + b |
∵Q,N是拋物線C上不同兩點,∴必有Δ>0,
由韋達定理得
x 1 + x 2 = 4 k |
x 1 x 2 = - 4 b . |
∵M,A,N三點共線,
AM
=
(
-
x
1
,
y
1
-
2
)
,
AN
=
(
x
2
,
y
2
-
2
)
∴-x1(y2-2)-x2(y1-2)=0.∴-x1(kx2+b-2)-x2(kx1+b-2)=0,
∴2kx1x2+(b-2)(x1+x2)=0,即2k?(-4b)+(b-2)?4k=0化簡得:kb+2k=0,
∵k≠0,∴b=-2,
∴直線QN方程為y=kx-2,
∴直線QN恒過定點(0,-2).
【解答】
【點評】
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發(fā)布:2024/6/27 10:35:59組卷:126引用:3難度:0.4
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